忻州中考物理试卷答案解析及word文字版下载（难度系数点评）
2017年忻州中考物理试卷答案解析及word文字版下载（难度系数点评）
10．（3分）（2016•山西）如图．电源电压18V保持不变．电流表量程0?～0.6A，电压表量程0～1.5v，小灯泡上标有“6v3w”字样，要求开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允超过额定电压（灯丝电阻不变）．则下列说法正确的是（ ）
A．滑动变阻器的滑片向左移动时．电流表和电压表示数变大
B．当电流表示数为0.4A时．电压表示数为12V
C．该电路的最大功率为10.8W
D．滑动变阻器允许调节的范围是24～60Ω
考点：电路的动态分析．
专题：电路变化分析综合题．
分析：由图可知灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器的电压，电流表测电路中的电流；
（1）当滑动变阻器滑片向左移动的过程中，接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的电阻分压特点可知滑动变阻器两端的电压变化．
（2）已知小灯泡的规格“6V3W”，则可求出灯泡的电阻，然后根据欧姆定律的变形公式U=IR求出灯泡两端电压，再利用串联电路电压的特点求出滑动变阻器两端电压，即电压表的示数．
（3）已知小灯泡的规格“6V3W”，则可求出灯泡的额定电流，比较额定电流及电流表的最大量程，可得出电路中允许通过的最大电流，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律求出电路的电阻，利用电阻的串联特点求出滑动变阻器接入电路的最小值，再根据P=UI求出此时电路中的最大功率．
（4）当电压表的示数为15V时，滑动变阻器连入的电阻最大，电路中的电流最小，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电路中的电流、滑动变阻器接入电路的最大阻值，再根据P=UI求出灯泡的最小电功率，进一步得出滑动变阻器接入电路的电阻允许调节的范围．
解答：解：（1）当滑动变阻器滑片向左移动的过程中，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；根据欧姆定律可知电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
根据串联电路的电阻分压特点可知，滑动变阻器两端分得的电压变小，即电压表的示数变小，故A不正确．
（2）由I=可得，灯泡的电阻：RL===12Ω；
当电路中电流为0.4A时，灯泡两端电压：U1=I1RL=0.4A×12Ω=4.8V；
因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压：U2=18V?4.8V=13.2V，故B不正确；
（3）灯正常发光时的电流为：IL===0.5A；因此电路中的最大电流：I最大=0.5A，则电路中的最大功率：P最大=UI最大=18V×0.5A=9W，故C不正确；
（4）由欧姆定律可得，I最大=
0.5A=
R最小=24Ω；
为保护电压表，滑动变阻器两端的最大电压为15V，此时滑动变阻器连入的电阻最大，电路中的电流最小，
因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以U=UL′+UR，则UL′=U?UR=18V?15V=3V，
此时电路中最小的电流为：
I′===0.25A，
则滑动变阻器连入的最大电阻为：
R最大===60Ω；
故D正确．
故选D．
点评：本题关键：一是根据灯的铭牌求出允许通过的最大电流、确定滑动变阻器连入的最小阻值；二是根据电压表的量程求出滑动变阻器两端的最大电压、确定滑动变阻器连入的最大阻值．
二、解答题（共13小题，满分41分）
11．（3分）（2016•山西）用在干燥的头发上梳过的塑料梳子靠近细细的水流，会观察到如图所示的惊奇的现象．这是由于梳子摩擦后 带电 ．会吸引细细的水流；当梳子靠近带负电的小球．小球被排斥．说明梳子带 负 电．
考点：摩擦起电．
专题：电流和电路．
分析：（1）物体经验摩擦可以吸引轻小的其他物体，我们就说这个物体带了电荷，简称带了电．
（2）根据电荷间的相互作用规律“同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引”来判断．
解答：解：（1）摩擦过的梳子可以吸引水流，说明摩擦使梳子带上了电荷，简称带了电．
（2）当梳子靠近带负电的小球．小球被排斥．说明梳子带负电．
故答案为：带电；负．
点评：有了吸引轻小物体的性质这是带电，产生响声和火花的是带电积累到一定程度发生的放电
12．（3分）（2016•山西）小宇去参观科技馆，他从不同角度看到科技馆的宣传语“风舞九天，鲲鹏万里”，这是因为光发生了 漫 反射；当他逐渐远离平面镜时．他在平面镜中所成像的大小将 不变 （选填“变大”、“不变”或“变小”）．
考点：漫反射；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
专题：光的传播和反射、平面镜成像．
分析：（1）反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射．
（2）根据平面镜成像特点可知，平面镜所成的像与物体大小相等．
解答：解：科技馆的宣传语表面是凹凸不平的，平行光线入射到粗糙的表面上，反射光线射向四面八方，进入不同方向的人的眼睛，不同方向的人们都能看到．因此光在科技馆的宣传语表面发生漫反射．
平面镜所成的像与物体大小相等，任何情况下都遵循这一成像规律，所以当他逐渐远离平面镜时，他在平面镜中的像的大小将不变．
故答案为：漫；不变．
点评：此题考查光的漫反射和平面镜成像特点，难度不大，属于基础知识．
13．（3分）（2016•山西）如图是我国南海舰队执行任务时的场景，舰队并排快速航行时，两船间距离不能太近，这是因为在流体中流速越大的地方，压强越 小 ，容易发生相撞事故；军舰巡航时由柴油机提供动力，柴油机的做功冲程中将 内 能转化为机械能．
考点：流体压强与流速的关系；能量的相互转化．
专题：气体的压强、流体压强与流速的关系．xKb1.Com
分析：流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；内燃机的做功冲程将内能转化为机械能．
解答：解：由流体压强和流速的关系：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；因此两船并排行驶时，两船之间的压强要小于外面的压强，从而使两船逐渐靠近，有相撞的危险．柴油机的做功冲程中将内能转化为机械能．
故答案为：小；内．
点评：理解并识记流体压强和气流的关系和内燃机做功冲程能的转化是解答此类题目的关键．
14．（3分）（2016•山西）如图，开关S闭合，通电螺线管的左端是 S 极，要使它的磁性增强，可将滑片P向 左 端移动．
考点：通电螺线管的磁场．
专题：应用题；电和磁．
分析：（1）据电源的正极可以判断电流的方向，结合安培定则可以判断该螺线管的NS极；
（2）据螺线管磁性强弱的影响因素分析可知，即电流越大，磁性越强，电流越小，磁性越弱；
解答：解：据图可知，电流从左端流入，从右端流出，据安培定则可知，此时该螺线管的左端是S极，右端是N极；
由于其磁性的强弱与电流的强弱有关，即电流越大，磁性越强，故滑片应该向左移动，此时有效电阻变小，电流变大，磁性变强；
故答案为：S；左；
点评：知道并能正确的利用安培定则、同时理解螺线管磁性强弱的影响因素是解决该题的关键．
15．（3分）（2016•山西）如图，用F=10N水平拉力，使重为l00N的物体A，沿水平方向在ls内匀速直线运动了0.5m，若滑轮和绳子的质量及其摩擦均不计，则物体受到地面的摩擦力为 20 N，拉力F的功率为 10W ．
考点：滑轮组绳子拉力的计算；功率的计算．
专题：机械与功．
分析：物体匀速直线运动，动滑轮对物体的拉力F′和摩擦力是一对平衡力；有两段绳子承担摩擦力，根据F=f计算出物体A摩擦力的大小；
绳子自由端移动的距离是物体移动距离的2倍，即s=2s′，根据W=Fs计算出拉力做的功，再根据功率公式P=计算出功率大小．
解答：解：有两段绳子承担物体A的摩擦力，所以摩擦力f=2F=2×10N=20N；
绳子自由端移动的距离s=2s′=2×0.5m=1m，
拉力做的功W=Fs=10N×1m=10J，
拉力的功率P===10W．
故答案为：20；10W．
点评：本题考查了滑轮组的特点、功和功率的计算，难度不大，能够正确理解滑轮组的特点是解题的关键．
16．（3分）（2016•山西）为使轻质杠杆AB在如图所示位置静止，请你在杠杆上画出所施加最小动力Fl的示意图，并作出阻力F2的力臂．
考点：杠杆中最小力的问题；力臂的画法．
专题：作图题；图像综合题．
分析：使用杠杆时，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力；因此只需找出使动力臂最长的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可．
支点到阻力作用线的垂直距离是阻力臂．
解答：解：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，最省力，即动力臂最长，由图知OB比OA长，所以OB做动力臂最长，过B点与OB垂直向上作垂线就得到动力F的方向，如下图所示：
做出阻力作用线，则支点O到阻力作用线的垂直距离为阻力臂L2．
点评：根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力．
17．（3分）（2016山西）
家庭电路中有时会发生短路现象．例如，改装电路时不小心，是火线和陵县直接连通造成短路；电线绝缘皮刮破或烤焦，电线盒用电器使用年限过长，绝缘皮破损或老化，也会使火线和零线直接连通或电器进水造成短路
根据前面学过的知识可知，由于导线的电阻很小，短路时电路中的电流非常大，会产生大量的热，使导线的温度急剧升高，很容易造成火灾
这是某物理课本中关于“安全用电”的一部分内容．阅读后，请你根据所学的物理知识解释：短路时“电路中的电流非常大”和“很容易造成火灾”的原因．
考点：电热．
专题：电和热综合题．
分析：家庭电路中电流过大的原因有两种，一是用电器短路，二是用电器总功率过大．
解答：答：根据I=，因为短路时，火线与零线直接接触，电路中只有导线，导线的电阻很小，电源电压不变，所以电路中的电流非常大；再根据Q=I2Rt可知，在电阻和通电时间一定时，导线上的电流越大，产生的电热越多，使得导线的温度急剧升高，很容易造成火灾．
点评：本题考查了家庭电路中电流过大的原因．
18．（3分）（2016山西）探究凸透镜成像规律的实验中：
（l）小红先将凸透镜正对着太阳光，调整凸透镜和白纸间的距离，直到太阳光在白纸上会聚成一个最小最亮的点，如图甲所示，这一操作的目的是 测量凸透镜的焦距 ．
（2）实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏位于如图乙所示的位置时，小红看到在光屏上成了一个烛焰清晰 放大 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像，这种成像规律在实际中的应用有 幻灯机 （写出一种即可）．要使烛焰在光屏上所成的变小，蜡烛的位置不动，透镜应 远离 （选填“靠近”或“远离”）蜡烛，同时调节光屏位置．
考点：凸透镜成像规律及其探究实验．
专题：探究型实验综合题．
分析：（1）根据焦点和焦距的定义，可以确定操作的目的．
（2）利用凸透镜成像的规律可以确定成像的情况及应用；凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，所成的像越小；
解答：解：（1）白纸上的最小最亮的亮斑是该凸透镜的焦点，焦点到凸透镜的距离为焦距，所以这一步操作的目的是为了测量凸透镜的焦距．
（2）由图可知，物距小于像距，所以物体通过凸透镜成倒立、放大的实像．利用凸透镜的这种成像情况制成了幻灯机（投影仪）；要使烛焰在光屏上所成的变小，应增大物距，蜡烛的位置不动，透镜应远离蜡烛，同时调节光屏位置．
故答案为：（1）测量凸透镜的焦距；（2）放大；幻灯机；远离．
点评：此题是探究凸透镜成像的实验，考查了焦距的测量方法、凸透镜成像规律．要熟记规律，特别注意成像特点与物距之间的关系．
19．（3分）（2016山西）各种复合材料由于密度小、强度大，广泛应用于汽车、飞机等制造业．小明测量一块实心复合材料的密度．
（1）将托盘天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻线处，发现指针静止时指在分度盘中线的左侧，如图甲，则应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节，使横梁平衡．
（2）用调好的天平测量该物块的质量时，当在右盘放人最小的祛码后，指针偏在分度盘中线左侧一点，则应该 C （选填选项前的字母）．
A．向右调平衡螺母B．向右盘中加祛码C．向右移动游码
当天平重新平衡时，盘中所加祛码和游码位置如图乙所示，则所测物块的质量为 16.4g ．
（3）因复合材料的密度小于水，小明在该物块下方悬挂了一铁块，按照如图丙所示顺
序，测出了该物块的体积，则这种材料的密度是 820 kg/m3．
（4）分析以上步骤，你认为小明在测体积时的操作顺序会引起密度测量值比真实值 偏小 （选填“偏大”、“不变”或“偏小”）．
请你写出这类材料广泛应用于汽车、飞机制造的优点： 密度小，可以减轻飞机和汽车的质量，以提高速度、节约能源等 ．
考点：固体的密度测量实验．
专题：实验题；测量型实验综合题．
分析：（1）使用天平测量物体质量之前要进行调平，先调节平衡螺母，后调节游码，平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；
（2）在测量前的调平用平衡螺母，在测量过程中的调平，应该用游码或砝码，据此题中的条件分析即可判断；
同时在天平读数时，被测物体的质量=砝码的质量+游码的示数；
（3）据丙图中②③可以计算出该材料的体积，而后再据质量和体积计算出密度即可；
（4）由于测量过程中，复合材料上面会沾有一些水，故使得测量的体积偏大，据密度公式可知，密度偏小；再据实际情况，说明该材料在生活中的应用即可．
解答：解：（1）指针偏左，平衡螺母向右调节，使横梁平衡；
（2）用调好的天平测量该物块的质量时，当在右盘放人最小的祛码后，指针偏在分度盘中线左侧一点，即说明此时右盘所放的砝码的质量较小，故应该像右调节游码，使得天平再次平衡；
据图可知，此时天平标尺的分度值是0.2g，故此时待测物体的质量是：m=10g+5g+1.4g=16.4g；
（3）据丙图中的②可知，此时的体积为60mL，据丙图中的③可知，此时的体积为40mL，故复合材料的体积是：V=60cm3?40cm3=20cm3；
故该材料的密度是：ρ===0.82g/cm3=820kg/m3；
（4）由于测量过程中，复合材料上面会沾有一些水，故使得测量的体积偏大，据密度公式可知，密度偏小；
据题可知，该复合材料的密度偏小，故在生活生产中，可以用该材料减轻飞机和汽车的质量，以提高速度、节约能源等；
故答案为：（1）右；（2）C；16.4g；（3）0.82×l03；（4）偏小；密度小，可以减轻飞机和汽车的质量，以提高速度、节约能源等．
点评：该题考查了天平的正确使用、量筒的正确使用、密度的测量及测得值偏大、偏小的判断，是一道综合题，但难度不大．
20．（3分）（2016山西）在测量小灯泡电功率的实验中，实验室所提供的器材有：电源（电压恒为6V），额定电压为2.5V，电阻约为10Ω的小灯泡，电流表、电压表、开关各一个，导线若干．滑动变阻器规格有“10Ω、lA’，“50Ω、1.5A’，）两个．
（1）图甲是小壮连接的部分实物图，请你用笔画线代替导线，将实物图连接完整．
（2）检查电路连接无误后，将滑动变阻器的滑片置于 A 端（选填“A或B”），闭合开关后，小壮立即发现小灯泡发光过亮不能进行实验，为了完成实验，接下来他的操作是： 断开开关换接“50Ω、1.5A”滑动变阻器重新实验 ．
（3）小壮改正错误后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，记下各组对应的电压表和电流表的示数，并绘制如图乙所示的I?U图象，根据图象可知小灯泡的额定功率是 0.625 W；图中从原点到M点再到N点的曲线；反映灯丝的电阻是 变化的 ．
（4）实验中，某同学的小灯泡先由暗变亮，然后发出耀眼的光后被烧坏．为了避免灯丝烧断，请你提出在调节滑动变阻器的过程中应注意的事项： 缓慢调节滑动变阻器的滑片，同时观察电压表的示数，使其不能超过小灯泡额定电压值的1.2倍 ．
考点：电功率的测量．
专题：测量型实验综合题．
分析：（1）电流表串联在电路中，电压表并联在小灯泡两端，滑动变阻器串联并且一上一下接线，连接电路；
（2）闭合开关前，将滑片置于阻值最大处，根据连接确定移动方向；闭合开关后，小灯泡发光过亮，是由于所使用滑动变阻器阻值太小；
（3）利用曲线图和额定电压，确定灯泡的电流，再利用P=UI求出电功率；分析曲线变化确定小灯泡的电阻变化；
（4）本实验中电压表测灯泡两端的电压，灯泡的与实际功率、实际电压的大小，为防止灯泡被烧坏，调节滑动变阻器可以观察电压表的示数来进行．
解答：解：
（1）根据电流表串联在电路中，电压表并联在小灯泡两端，滑动变阻器串联并且一上一下接线，连接电路；如下图：
（2）闭合开关前，将滑片置于阻值最大处，根据连接确定滑片应该置于A端；闭合开关后，小灯泡发光过亮，是由于所使用滑动变阻器阻值太小；
接下来应该断开开关，换用“50Ω、1.5A”的滑动变阻器重新做实验；
（3）根据图象可知U=2.5V时，I=0.25A，则P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
图中从原点到M点再到N点的曲线；可以看出小灯泡两端电压增大，电流也随着增大，反映灯丝的电阻是变化的；
（4）为了避免灯丝烧断，可以调节滑动变阻器保证电压表的示数低于或等于额定电压来进行实验．
故答案为：（1）如下图：
（2）A；断开开关换接“50Ω、1.5A”滑动变阻器重新实验；
（3）0.625；变化的；
（4）缓慢调节滑动变阻器的滑片，同时观察电压表的示数，使其不能超过小灯泡额定电压值的1.2倍
点评：本题考查了连接电路的注意事项、连接实物图、曲线图的分析、电路故障的判断等，是中招常见的实验探究题类型．
21．（3分）（2016山西）小强受航天员王亚平在太空授课的实验情景启发，他设计了如图所示实验：在竖直悬挂的弹簧下吊一个物体，当把静止的物体从0点沿竖直方向向下拉至A点，放手后，物体在0点上下来回振动．物体振动的快慢与什么因素有关？小强提出猜想一：物体振动的快慢与它的质量有关；猜想二：物体振动的快慢与弹簧拉伸的距离有关．
（1）请你提出猜想三：物体振动的快慢与 弹簧的材料 有关．
（2）小强找来质量不同的祛码、计时器（停表）、刻度尺等器材，验证他的猜想，所测量的部分实验数据记录如下表：
实验序号弹簧拉伸的距离x/cm砝码的质量m/g振动50次的时间t/s
145022.75
265023.00
385022.72
分析表格中的数据，可以得出结论： 在质量相同时，物体振动的快慢与弹黄拉伸的距离无关 ．
考点：控制变量法与探究性实验方案．
专题：探究型实验综合题．
分析：（1）严格地说，猜想无所谓对错，只要提出猜想，都是正确的，但猜想不是瞎想，应该围绕实验目的和实验现象展开；
（2）由表格数据分析可知，几组实验中的砝码质量都相同，当小球距离O的距离不同时，小球来回振动所需的时间相同．
解答：解：（1）物体振动快慢的原因是多方面的．除了已经列举的以外，还可以提出：弹簧的材料有关，与弹簧的粗细有关，等等．
（2）从表中数据可以看出，小球质量相同，改变到O点的距离，小球来回振动所需的时间不变，所以得出结论：在质量相同时，物体振动的快慢与弹黄拉伸的距离无关．
故答案为：（1）弹簧的材料（弹黄的粗细等）；
（2）在质量相同时，物体振动的快慢与弹黄拉伸的距离无关．
点评：此题考查了对弹簧振子实验表格分析以及结合控制变量法研究分析多因素问题的能力；正确利用控制变量法分析数据得出实验结论是解题的关键．
22．（3分）（2016山西）“聚志愿”实践活动小组正在自制测量仪器，下列是他们制成的未标注刻度的半成品，请你任选一项，借助必要的器材为其粗略标注刻度．
A．用小瓶、细管和煤油制成的液体温度计（要求：量程0?100℃，分度值2℃）．
B．用弹簧或橡皮筋制作的简易测力计（要求：量程5N，分度值0.5N）．
C．用纸条制作的卷尺（要求：量程2m，分度值1cm）．
（1）你的选项是 A （A或B或C）；
（2）你标注刻度的过程是： ①把自制温度计的玻璃泡放人冰水混合物中，待液柱稳定后在液面处的位置标出0刻线和数字0；
②把自制温度计的玻璃泡放在一标准大气压下的沸水中，待液柱稳定后在液面处的位置标出100刻线和数字100；
③在0刻线和100刻线之间分成50等份，标出各刻线和对应的部分数字；
⑤在自制温度计的适当的位置标出单位℃． ．
考点：控制变量法与探究性实验方案．
专题：探究型实验综合题．
分析：（1）在1标准大气压下，把温度计先后放入冰水混合物和沸水中，分别标出温度计中液柱达到的位置A和B．A点标0℃，B点标100℃，AB之间100等分，作出标线，每条刻度线为1℃．
（2）力的作用效果与力的大小有关，物体受到的力越大，作用效果越明显．弹簧测力计的原理：在弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长就越长．弹簧测力计就是根据弹簧的伸长量来显示力的大小．
（3）选取标准刻度尺，在0和2m处做出标记，在1m之间分成100等份，每一等份就是1cm．
解答：解：（1）选A，用小瓶、细管和煤油制成的液体温度计（要求：量程0?100℃，分度值2℃）．
标注刻度的过程：
①把自制温度计的玻璃泡放人冰
水混合物中，待液柱稳定后在液面处的位置标出0刻线和数字0；
②把自制温度计的玻璃泡放在一标准大气压下的沸水中，待液柱稳定后在液面处的位置标出100刻线和数字100；
③在0刻线和100刻线之间分成50等份，标出各刻线和对应的部分数字；
⑤在自制温度计的适当的位置标出单位℃．
其他答案如下：
（2）选B，用弹簧或橡皮筋制作的简易测力计（要求：量程5N，分度值0.5N）．
标注刻度如下：
①悬挂弹簧（或橡皮筋）让其自由下垂，在刻度板上指针所指的位置标出0刻线和数字0；
②用标准的弹簧测力计拉自制的弹簧测力计的挂钩，当标准弹簧测力计的示数为5N时，在自制弹簧测力计刻度板指针所指位置标出5刻线和数字5；
③在0刻线与5刻线之间分成10等份，标出各刻线和对应的部分数字；
④在自制弹簧测力计刻度板上适当的位置标出单位N．
（3）选C，用纸条制作的卷尺（要求：量程2m，分度值1cm）．
①用标准刻度尺紧靠纸条，并与纸条一侧保持平行，在纸条对应标准刻度尺零刻度线位置标出0刻线和数字0；
②在纸条对应标准刻度尺2m刻度线位置，标出200刻线和数字200；
③在0刻线和200刻线之间分成200等份，标出各刻线和对应的数字；
④在自制刻度尺适当的位置标出单位cm．
故答案为：（1）A；
（2）①把自制温度计的玻璃泡放人冰水混合物中，待液柱稳定后在液面处的位置标出0刻线和数字0；
②把自制温度计的玻璃泡放在一标准大气压下的沸水中，待液柱稳定后在液面处的位置标出100刻线和数字100；
③在0刻线和100刻线之间分成50等份，标出各刻线和对应的部分数字；
⑤在自制温度计的适当的位置标出单位℃．
点评：本题考查了温度计、测力计、刻度尺的标度问题，知道各测量工具工作原理与标度方法是解题的关键．
23．（5分）（2016•山西）如图是我国自主研发的战略重型运输机“运20”，能跻身全球十大运力最强运输机之列，它对于推进我国经济和国防现代化建设，应对抢险救灾，人道主义援助等紧急情况，具有重要意义．求：
（1）该机的最大速度约为700k/h，从我国广州到澳大利亚珀斯的距离大约为6160km，该机从广洲飞到珀斯至少需要多长时间？
（2）该机有14个轮子，每个轮子与地面的接触面积约为0.3m2，一次试飞时的总质量为2.1×105kg，该机静止在水平跑道上时对地面的压强约为多少？该机从地面飞到10000米高空时，克服重力所做的功约为多少？（g取10N/kg）
考点：速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算．
专题：其他综合题．
分析：（1）已知飞机的飞行速度和距离，利用公式t=得到飞机从广洲飞到珀斯需要的时间；
（2）已知飞机的质量，可以得到重力，飞机对水平地面的压力等于其重力；已知每个轮子与地面的接触面积和轮子数量，可以得到飞机与地面的总接触面积；已知压力和接触面积，利用公式p=得到飞机静止时对水平地面的压强；
已知飞机重力和上升的高度，利用公式W=Gh得到克服重力做的功．
解答：解：
（1）∵v=，
∴飞机从广洲飞到珀斯需要的时间为t===8.8h；
（2）飞机对水平面的压力为F=G=mg=2.1×105kg×10N/kg=2.1×106N，
飞机与地面的接触面积为S=14×0.3m2=4.2m2，
飞机对水平跑道的压强为p==5×105Pa；
飞机克服重力做的功为W=Gh=2.1×106N×10000m=2.1×1010J．
答：
（1）飞机从广洲飞到珀斯需要的时间为8.8h；
（2）飞机对水平跑道的压强为5×105Pa；
飞机克服重力做的功为2.1×1010J．
点评：此题是一道力学综合计算题，考查了速度、压强、功计算公式或变形公式的掌握和应用，难度不大．
三、计算题
24．（6分）（2016•山西）市场上有一种电热饮水机，如图2是饮水机的简化电路图，S是温控开关，R2是调节电阻，其阻值为176Ω，R2是供加热的电阻丝，饮水机的铭牌参数如图1所示．求：
（1）若饮水机正常工作的加热效率为90%，现将质量为1.5kg，初温为20℃的水在一标准大气压下烧开需要吸收的热量是多少？需加热多长时间？已知C水=4.2×103J/（kg•℃）．（时间计算结果保留整数）
（2）当饮水机处于保温状态时，他的保温功率是多少？
考点：电功与热量的综合计算．
专题：计算题；电和热综合题．
分析：（1）利用水的吸热公式Q吸=cm（t?t0）求出水吸收的热量，再利用加热效η=求出消耗的电能，最后利用t=求出加热时间；
（2）先用R=求出加热电阻R2；再利用I=求出保温时的电流，最后利用P=I2R求出保温功率．
解答：解：（1）水吸收的热量为：
Q=cm（t?t0）=4.2×103J/kg•℃×1.5kg×（100℃?20℃）=5.04×105J；
因为Q吸=ηW，W=Pt所以电热水壶把水烧开所用时间为：
t===≈509s；
（2）加热电阻R2===44Ω，
当打开S时，R1、R2串联，电路处于保温状态，保温时电路中电流I保===1A
因为R1为调节电阻，电路保温时的功率由R2提供，则P′=I2R=（1A）2×44Ω=44W
答：（1）现将质量为1.5kg，初温为20℃的水在一标准大气压下烧开需要吸收的热量是5.04×105J；需加热509s；
（2）当饮水机处于保温状态时，他的保温功率是44W．
点评：此题所涉及到的知识点比较多，主要分清何时处于保温状态，看懂电路的连接是解题关键．
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